系列文章目次
算法及数据结构系列 - BFS算法
二分查找
框架思绪
- int binarySearch(int[] nums, int target) {
- int left = 0, right = ...;
- while(...) {
- int mid = left + (right - left) / 2;
- if (nums[mid] == target) {
- ...
- } else if (nums[mid] < target) {
- left = ...
- } else if (nums[mid] > target) {
- right = ...
- }
- }
- return ...;
- }
复制代码 计算 mid 时需要防止溢出,代码中 left + (right - left) / 2 就和 (left + right) / 2 的效果雷同,但是有效防止了 left 和 right 太大直接相加导致溢出。
经典题型
二分查找
给定一个 n 个元素有序的(升序)整型数组 nums 和一个目标值 target ,写一个函数搜索 nums 中的 target,如果目标值存在返回下标,否则返回 -1。
- class Solution {
- public int search(int[] nums, int target) {
- int left = 0, right = nums.length - 1;
- while(left <= right){
- int mid = left + (right - left)/2;
- if(nums[mid] == target){
- return mid;
- }else if (nums[mid] > target){
- right = mid - 1;
- }else{
- left = mid + 1;
- }
- }
- return -1;
- }
- }
复制代码 寻找左侧界限
留意: 当 val 不存在时,得到的索引恰恰是比 val 大的最小元素索引。
- int left_bound(int[] nums, int target) {
- if (nums.length == 0) return -1;
- int left = 0;
- int right = nums.length; // 注意
-
- while (left < right) { // 注意
- int mid = (left + right) / 2;
- if (nums[mid] == target) {
- right = mid;
- } else if (nums[mid] < target) {
- left = mid + 1;
- } else if (nums[mid] > target) {
- right = mid; // 注意
- }
- }
- return left;
- }
复制代码 寻找右侧界限
- int right_bound(int[] nums, int target) {
- if (nums.length == 0) return -1;
- int left = 0, right = nums.length;
-
- while (left < right) {
- int mid = (left + right) / 2;
- if (nums[mid] == target) {
- left = mid + 1; // 注意
- } else if (nums[mid] < target) {
- left = mid + 1;
- } else if (nums[mid] > target) {
- right = mid;
- }
- }
- return left - 1; // 注意
- }
复制代码 刷题
875. 爱吃香蕉的珂珂
珂珂喜欢吃香蕉。这里有 N 堆香蕉,第 i 堆中有 piles 根香蕉。警卫已经离开了,将在 H 小时后回来。
珂珂可以决定她吃香蕉的速度 K (单位:根/小时)。每个小时,她将会选择一堆香蕉,从中吃掉 K 根。如果这堆香蕉少于 K 根,她将吃掉这堆的所有香蕉,然后这一小时内不会再吃更多的香蕉。
珂珂喜欢逐步吃,但仍旧想在警卫回来前吃掉所有的香蕉。
返回她可以在 H 小时内吃掉所有香蕉的最小速度 K(K 为整数)。
提示: 吃每一堆分别要几小时;寻找左侧界限
- class Solution {
- public int minEatingSpeed(int[] piles, int H) {
- Arrays.sort(piles);
- int left = 1, right = piles[piles.length - 1] + 1;
- while(left < right){
- int mid = left + (right - left)/2;
- if(canFinish(mid, piles, H)){
- right = mid;
- }else{
- left = mid + 1;
- }
- }
- return left;
- }
- public boolean canFinish(int k, int[] piles, int H){
- long tmpHour = 0;
- for(int i = 0; i< piles.length;i++){
- tmpHour += (long)(piles[i] / k);
- if(piles[i] % k > 0){
- tmpHour ++;
- }
- }
- if(tmpHour <= H){
- return true;
- }else{
- return false;
- }
- }
- }
复制代码 1011. 在 D 天内送达包裹的本领
传送带上的包裹必须在 D 天内从一个港口运送到另一个港口。
传送带上的第 i 个包裹的重量为 weights。每一天,我们都会按给出重量的顺序往传送带上装载包裹。我们装载的重量不会凌驾船的最大运载重量。
返回能在 D 天内将传送带上的所有包裹送达的船的最低运载本领。
示例:
- 输入:weights = [1,2,3,4,5,6,7,8,9,10], D = 5
- 输出:15
- 解释:
- 船舶最低载重 15 就能够在 5 天内送达所有包裹,如下所示:
- 第 1 天:1, 2, 3, 4, 5
- 第 2 天:6, 7
- 第 3 天:8
- 第 4 天:9
- 第 5 天:10
- 请注意,货物必须按照给定的顺序装运,因此使用载重能力为 14 的船舶并将包装分成 (2, 3, 4, 5), (1, 6, 7), (8), (9), (10) 是不允许的。 s
复制代码- class Solution {
- public int shipWithinDays(int[] weights, int D) {
- if(weights.length == 0){
- return 0;
- }
- int len = weights.length;
- int left = weights[0], right = (weights[0] + weights[len -1]) * len / 2 + 1;
- while(left < right){
- int mid = left + (right - left)/2;
- if(canFinish(weights, D, mid)){
- right = mid;
- }else{
- left = mid + 1;
- }
- }
- return left;
- }
- public boolean canFinish(int[] w, int D, int cap){
- int i = 0;
- for (int day = 0; day < D; day++) {
- int maxCap = cap;
- while ((maxCap -= w[i]) >= 0) {
- i++;
- if (i == w.length)
- return true;
- }
- }
- return false;
- }
- }
复制代码 392. 判定子序列
给定字符串 s 和 t ,判定 s 是否为 t 的子序列。
你可以认为 s 和 t 中仅包含英文小写字母。字符串 t 可能会很长(长度 ~= 500,000),而 s 是个短字符串(长度 <=100)。
字符串的一个子序列是原始字符串删除一些(也可以不删除)字符而不改变剩余字符相对位置形成的新字符串。(例如,"ace"是"abcde"的一个子序列,而"aec"不是)。
- class Solution {
- public boolean isSubsequence(String s, String t) {
- int fromIndex = 0;
- for(int i = 0; i < s.length(); i++){
- char tmp = s.charAt(i);
- int j = fromIndex;
- for(; j < t.length(); j++){
- if(t.charAt(j) == tmp){
- fromIndex = j + 1;
- break;
- }
- }
- if(j == t.length()){
- return false;
- }
- }
- return true;
- }
- }
复制代码 后续挑衅 :
如果有大量输入的 S,称作S1, S2, … , Sk 其中 k >= 10亿,你需要依次检查它们是否为 T 的子序列。在这种情况下,你会怎样改变代码?
- class Solution {
- public boolean isSubsequence(String s, String t) {
- int m = s.length(), n = t.length();
- ArrayList<Integer>[] index = new ArrayList[256];
- // 先记下 t 中每个字符出现的位置
- for (int i = 0; i < n; i++) {
- char c = t.charAt(i);
- if (index[c] == null)
- index[c] = new ArrayList<>();
- index[c].add(i);
- }
- int j = 0; // t 上的指针
- // 借助 index 查找 s[i]
- for (int i = 0; i < m; i++) {
- char c = s.charAt(i);
- // 整个 t 压根儿没有字符 c
- if (index[c] == null) return false;
- int pos = find(index[c], j);
- // 二分搜索区间中没有找到字符 c
- if (pos == index[c].size()) return false;
- // 向前移动指针 j
- j = index[c].get(pos) + 1;
- }
- return true;
- }
- public int find(ArrayList<Integer> arr, int target){
- int left = 0, right = arr.size();
- while(left < right){
- int mid = left + (right - left)/2;
- if(arr.get(mid) == target){
- right = mid;
- }else if (arr.get(mid) > target){
- right = mid;
- }else {
- left = mid + 1;
- }
- }
- return left;
- }
- }
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