有 n 个朋侪在举办一个派对，这些朋侪从 0 到 n - 1 编号。派对里有 无数 张椅子，编号为 0 到 infinity 。当一个朋侪到达派对时，他会占据 编号最小 且未被占据的椅子。
比方说，当一个朋侪到达时，如果椅子 0 ，1 和 5 被占据了，那么他会占据 2 号椅子。
当一个朋侪离开派对时，他的椅子会立刻酿成未占据状态。如果同一时刻有另一个朋侪到达，可以立刻占据这张椅子。
给你一个下标从 0 开始的二维整数数组 times ，其中 times = [arrivali, leavingi] 表示第 i 个朋侪到达和离开的时刻，同时给你一个整数 targetFriend 。全部到达时间 互不相同 。
请你返回编号为 targetFriend 的朋侪占据的 椅子编号 。
示例 1：
输入：times = [[1,4],[2,3],[4,6]], targetFriend = 1
输出：1
表明：
- 朋侪 0 时刻 1 到达，占据椅子 0 。
- 朋侪 1 时刻 2 到达，占据椅子 1 。
- 朋侪 1 时刻 3 离开，椅子 1 酿成未占据。
- 朋侪 0 时刻 4 离开，椅子 0 酿成未占据。
- 朋侪 2 时刻 4 到达，占据椅子 0 。
朋侪 1 占据椅子 1 ，所以返回 1 。
示例 2：
输入：times = [[3,10],[1,5],[2,6]], targetFriend = 0
输出：2
表明：
- 朋侪 1 时刻 1 到达，占据椅子 0 。
- 朋侪 2 时刻 2 到达，占据椅子 1 。
- 朋侪 0 时刻 3 到达，占据椅子 2 。
- 朋侪 1 时刻 5 离开，椅子 0 酿成未占据。
- 朋侪 2 时刻 6 离开，椅子 1 酿成未占据。
- 朋侪 0 时刻 10 离开，椅子 2 酿成未占据。
朋侪 0 占据椅子 2 ，所以返回 2 。
最小堆+哈希表
- class Solution {
- public:
- int smallestChair(vector<vector<int>>& times, int targetFriend) {
- int n = times.size();
- vector<pair<int, int>> arrival;
- vector<pair<int, int>> leaving;
- for(int i = 0; i < n; i++){
- arrival.emplace_back(times[i][0], i);
- leaving.emplace_back(times[i][1], i);
- }
- sort(arrival.begin(), arrival.end());
- sort(leaving.begin(), leaving.end());
- priority_queue<int, vector<int>, greater<int>> q;
- unordered_map<int, int> seats;
- for(int i = 0; i < n; i++){
- q.push(i);
- }
- int j = 0;
- for(auto&& [time, person] : arrival){
- while(j < n && leaving[j].first <= time){
- q.push(seats[leaving[j].second]);
- j++;
- }
- int seat = q.top();
- seats[person] = seat;
- q.pop();
- if(person == targetFriend){
- return seat;
- }
- }
- return -1;
- }
- };
题解中，首先我们先定义两个数组arrival和leaving来存储到达时间和离开时间及对应的人的序号，然后将两个数组都举行升序排序。接着我们定义一个最小堆q，来表示没有被占的座位，并按照编号从小到大排序。并且定义一个哈希表seats来储存哪个人占了哪个座位。
我们遍历arrival，也就是到达时间，然后我们在处理到达之前，需要先对离开的人举行处理，我们定义一个指针j，全部离开时间小于到达时间的座位都应该被开释，所以我们要将占据的座位加入到q中供arrival选择。接着我们找到q的队头，我们这时候arrival的人就坐到q.top()的位置，并且记录到seats中，然后弹出q的队头表示已被占用。
当person为targetFriend的时候，那么此时他的座位seat就返回。
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